我在当前的web应用程序项目中遇到了问题,因为我使用jquery ajax和php脚本与mysql通信,无法根据检查的单选按钮显示一个简单的jpg图片。
这是我的ajax.js文件:
$('#selection').change(function() {
var selected_value = $("input[name='kobegreat']:checked").val();
$.ajax( {
url: "kobegreat.php",
data: {"name": selected_value},
type: "GET",
dataType: "json",
success: function(json) {
var $imgEl = $("img");
if( $imgEl.length === 0) {
$imgEl = $(document.createElement("img"));
$imgEl.insertAfter('h3');
$imgEl.attr("width", "300px");
$imgEl.attr("alt", "kobepic");
}
$imgEl.attr('src', json["link"]);
alert("AJAX was a success");
},
cache: false
});
});
还有我的kobegreat.php文件:
<?php
$db_user = 'test';
$db_pass = 'test1';
if($_SERVER['REQUEST_METHOD'] == "GET") {
$value = filter_input(INPUT_GET, "name");
}
try {
$conn = new PDO('mysql: host=localhost; dbname=kobe', $db_user, $db_pass);
$conn->setAttribute(PDO:: ATTR_ERRMODE, PDO:: ERRMODE_EXCEPTION);
$stmt = $conn->prepare('SELECT * FROM greatshots WHERE name = :name');
do_search($stmt, $value);
} catch (PDOException $e) {
echo 'ERROR', $e->getMessage();
}
function do_search ($stmt, $name) {
$stmt->execute(['name'=>$name]);
if($row = $stmt->fetch()) {
$return = $row;
echo json_encode($return);
} else {
echo '<p>No match found</p>;
}
}
?>
HTML代码,我正试图将我的图像显示到:
<h2>Select a Great Kobe Moment.</h2>
<form id="selection" method="get">
<input type="radio" name="kobegreat" value="kobe1" checked/>Kobe1
<input type="radio" name="kobegreat" value="kobe2"/>Kobe2
<input type="radio" name="kobegreat" value="kobe3"/>Kobe3
</form>
<div id="target">
<h3>Great Kobe Moment!</h3>
</div>
最后我的数据库是这样设置的:
greatshots(name, link)
name link
------ --------
kobe1 images/kobe1
kobe2 images/kobe2
kobe3 images/kobe3
我知道php脚本成功地从数据库中获取了写入数据,因为在目标div下显示的是:
{"name":"kobe3","0":"kobe3","link":"images'/kobe3","1":"images'/kobe3"}
我知道ajax函数返回成功,因为当我选择单选按钮时,成功的ajax请求的警报会提醒我。所以我不确定哪里出了问题,也不知道如何解决问题。
$imgEl.attr('src', json["link"]);
应该是
$imgEl.attr('src', data.link);
如果有$imgEl.attr('src', json["link"]);
,函数中的var名称是data,请尝试$imgEl.attr('src', data.link);
1。更改$imgEl.attr('src', json["link"]);
至$imgEl.attr('src', data.link);
2。在将源代码分配给image元素(上面的代码)之后,将图像附加到DOM中。
document.getElementById('target').appendChild($imgEl);
假设target是要显示图像的div id。